La limite lim_{x→0} sin(3x)/(2x) vaut :
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Explanation
On utilise la limite de référence sin(u)/u → 1 quand u → 0. En écrivant sin(3x)/(2x) = (3/2)·sin(3x)/(3x), le facteur sin(3x)/(3x) tend vers 1, donc la limite vaut 3/2.
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On utilise la limite de référence sin(u)/u → 1 quand u → 0. En écrivant sin(3x)/(2x) = (3/2)·sin(3x)/(3x), le facteur sin(3x)/(3x) tend vers 1, donc la limite vaut 3/2.
On multiplie numérateur et dénominateur par le conjugué 1+i : z = (1+i)^2/(1^2+1^2) = (2i)/2 = i. Le module de i vaut 1.
On cherche le point fixe ℓ solution de ℓ = 2ℓ + 3, soit ℓ = −3. En posant v_n = u_n + 3, on obtient v_{n+1} = 2v_n avec v_0 = 4, donc v_n = 4·2^n = 2^(n+2) et u_n = 2^(n+2) − 3.
On complète les carrés : x^2 − 4x = (x − 2)^2 − 4 et y^2 + 6y = (y + 3)^2 − 9. L'équation devient (x − 2)^2 + (y + 3)^2 = 25, donc le centre est (2 ; −3) et le rayon vaut 5.
On écrit A = I + N avec N = [[0, 1], [0, 0]] et N^2 = 0. La formule du binôme donne A^n = I + nN, car les puissances supérieures de N sont nulles; on obtient donc [[1, n], [0, 1]].
On pose u=x², donc du=2x dx, et les bornes restent 0 et 1. L’intégrale devient (1/2)∫₀¹ e^u du, soit (1/2)(e−1).
Il y a C(8,2)=28 tirages simultanés possibles. Les tirages favorables sont C(3,2)+C(5,2)=3+10=13, donc la probabilité cherchée vaut 13/28.
L’équation caractéristique associée est r²+4=0, dont les racines sont r=±2i. Les solutions réelles sont donc A cos(2x)+B sin(2x), avec A et B réels.
Les logarithmes imposent x−1>0 et x+2>0, donc x>1. L’inégalité équivaut à (x−1)(x+2)≤6, soit x²+x−8≤0; la racine positive est (−1+√33)/2. L’intersection avec x>1 donne ]1, (−1+√33)/2].
La dérivée P'_m(x)=3(x²−1) s’annule en −1 et 1. Le maximum local vaut P_m(−1)=m+2 et le minimum local vaut P_m(1)=m−2. Trois racines réelles distinctes exigent m+2>0>m−2, donc −2<m<2.
On applique les formules de duplication : 1 − cos 2x = 2 sin²x et sin 2x = 2 sin x cos x. Le quotient s'écrit donc 2 sin²x / (2 sin x cos x) = sin x / cos x, c'est-à-dire tan x, pour tout x où sin x et cos x sont non nuls.
Modulo 5, on a 7 ≡ 2, donc 7^100 ≡ 2^100 (mod 5). Les puissances de 2 modulo 5 suivent le cycle 2, 4, 3, 1 de période 4. Comme 100 = 4 × 25, l'exposant est multiple de 4, d'où 2^100 ≡ 1 (mod 5) et le reste cherché vaut 1.
On remarque que w = u + v, donc w n'apporte aucune direction nouvelle et Vect(u, v, w, t) = Vect(u, v, t). Les vecteurs u et v ne sont pas colinéaires, et t n'est pas combinaison linéaire de u et v : l'égalité t = αu + βv imposerait β = 0 puis α = 0, ce qui contredit la première coordonnée. La famille (u, v, t) est donc libre et la dimension vaut 3.
La formule de Bayes donne P(M|+) = P(+|M)P(M) / [P(+|M)P(M) + P(+|S)P(S)] = (0,99 × 0,01) / (0,99 × 0,01 + 0,02 × 0,99) = 0,0099 / 0,0297 = 1/3. La très faible prévalence fait que la majorité des tests positifs sont des faux positifs.
Posons f(x) = e^x − x², de dérivée f'(x) = e^x − 2x. Pour x ≤ 0, f'(x) > 0 ; pour x > 0, f' atteint son minimum en x = ln 2 avec f'(ln 2) = 2 − 2 ln 2 > 0, donc f' > 0 sur R et f est strictement croissante. Comme f(x) tend vers −∞ en −∞ et f(0) = 1 > 0, l'équation admet une unique solution, située dans ]−1, 0[.
La dérivée de ln(u) est u′/u avec u(x) = x² + 1, donc u′(x) = 2x. Ainsi f′(x) = 2x/(x² + 1) pour tout réel x.
Pour x→+∞, on divise numérateur et dénominateur par x³. Alors (2x³ − x + 1)/(x³ + 4) = (2 − 1/x² + 1/x³)/(1 + 4/x³), qui tend vers 2/1 = 2.
La formule de distance d'un point A(x0, y0, z0) à un plan ax + by + cz + d = 0 est |ax0 + by0 + cz0 + d|/√(a² + b² + c²). Ici, |2·2 − 0 + 2·1 − 3|/√(4 + 1 + 4) = 3/3 = 1.
Pour former un nombre à trois chiffres distincts, on choisit d'abord le chiffre des centaines (5 possibilités), puis celui des dizaines (4 possibilités restantes), puis celui des unités (3 possibilités restantes). Le nombre total est 5×4×3 = 60.
On multiplie l'équation par e^{2x}, ce qui donne (y e^{2x})′ = e^{x}. En intégrant, y e^{2x} = e^x + C, donc y = e^{−x} + C e^{−2x}. La condition y(0) = 1 impose 1 = 1 + C, d'où C = 0 et y = e^{−x}.
Deux vecteurs sont orthogonaux si et seulement si leur produit scalaire est nul. Ici u·v = 2a − 3, donc l’équation 2a − 3 = 0 donne a = 3/2.
La somme des cinq premiers termes d’une suite géométrique de raison q ≠ 1 est u_0(1−q^5)/(1−q). Ici, 4(1−(1/2)^5)/(1−1/2) = 8(31/32) = 31/4.
Le point d’affixe z est situé dans le deuxième quadrant du plan complexe. Comme |z| = 2, cos θ = −1/2 et sin θ = √3/2, l’argument principal est θ = 2π/3.
On intègre par parties avec u = ln(1+x) et dv = x dx. On obtient I = (ln 2)/2 − (1/2)∫_0^1 x²/(1+x) dx, puis x²/(1+x) = x − 1 + 1/(1+x), ce qui donne finalement I = 1/4.
Le nombre de lancers suit une loi géométrique de paramètre 1/6. La probabilité que le premier 6 apparaisse au lancer 2k vaut (5/6)^{2k−1}(1/6), et la somme sur k ≥ 1 donne (5/36)/(1−25/36) = 5/11.
On écrit 27=3^3. L'équation 3^{2x-1}=27 équivaut donc à 3^{2x-1}=3^3. La fonction exponentielle de base 3 étant injective, on a 2x-1=3, puis 2x=4 et x=2.
Le discriminant vaut Δ=(-5)²−4×1×6=25−24=1. Les solutions sont (5−1)/2=2 et (5+1)/2=3. On peut aussi factoriser x²−5x+6=(x−2)(x−3).
On calcule A² = [[-1,0],[0,-1]] = -I, où I est la matrice identité d'ordre 2. Par conséquent A⁴=(A²)²=(-I)²=I. Géométriquement, A représente une rotation d'angle π/2, dont quatre applications successives donnent l'identité.
Si la limite ℓ existe, la relation de récurrence et la continuité donnent ℓ=(1/2)ℓ+3. On en déduit (1/2)ℓ=3, donc ℓ=6. On peut aussi écrire u_{n+1}−6=(1/2)(u_n−6), ce qui confirme la convergence vers 6.
On factorise x²−y²=(x−y)(x+y)=15. Les deux facteurs doivent être impairs, ce qui est toujours le cas pour les diviseurs de 15. Chaque couple ordonné (a,b) de diviseurs de 15 avec ab=15 donne x=(a+b)/2 et y=(b−a)/2 ; il y a 8 couples ordonnés de diviseurs, donc 8 couples (x,y).
Une remise de 20 % signifie que le prix payé vaut 80 % du prix initial. Si P est le prix initial, alors 0,8P = 2 400, donc P = 3 000 DH.
La fonction logarithme népérien est définie sur ]0 ; +∞[. Il faut donc 3 − x > 0, c’est-à-dire x < 3, d’où l’ensemble ]−∞ ; 3[.
Il y a C(4,2) = 6 façons de choisir deux rois parmi 4, et C(32,2) = 496 façons de choisir deux cartes parmi 32. La probabilité vaut donc 6/496 = 3/248.
Un plan de vecteur normal (a ; b ; c) admet une équation de la forme ax + by + cz + d = 0. Avec n(2 ; −1 ; 1) et A(1 ; 0 ; 2), on obtient 2 − 0 + 2 + d = 0, donc d = −4.
On peut utiliser l’identité k2^k = (k − 1)2^{k+1} − (k − 2)2^k. La somme se télescope alors et il reste (n − 1)2^{n+1} + 2.
Pour une matrice M = [[a,b],[c,d]], le déterminant vaut ad − bc. Ici, det(M) = 3×4 − (−1)×2 = 12 + 2 = 14. Une erreur fréquente consiste à oublier le signe devant le produit bc.
Le module de z = a + bi vaut |z| = √(a²+b²). Pour z = 3 − 4i, on obtient √(3² + (−4)²) = √25 = 5. Le carré du module vaut 25, mais la question demande le module.
Sachant que la première boule est rouge, il reste 2 rouges et 2 bleues, soit 4 boules. La probabilité conditionnelle de tirer une bleue ensuite est donc 2/4 = 1/2. Il ne faut pas utiliser la proportion initiale 2/5, car le tirage est sans remise et la première information est déjà acquise.
On écrit z = x + iy. L’égalité |z−1| = |z+i| signifie que M est équidistant de A(1,0) et B(0,−1), donc M décrit la médiatrice de [AB]. En élevant au carré, on obtient (x−1)²+y² = x²+(y+1)², ce qui se simplifie en y = −x.
Le développement limité de e^x en 0 est e^x = 1 + x + x²/2 + o(x²). Donc e^x − 1 − x = x²/2 + o(x²). Après division par x², le quotient tend vers 1/2.
On décompose 84 = 2² × 3 × 7 et 126 = 2 × 3² × 7. Le PGCD est le produit des facteurs premiers communs affectés du plus petit exposant, soit 2 × 3 × 7 = 42.
On applique la formule de dérivation d'un produit : (uv)' = u'v + uv', avec u(x) = x et v(x) = e^x. On obtient f'(x) = 1 × e^x + x × e^x = e^x(x + 1).
La deuxième équation équivaut à 2(x + y) = m, donc à x + y = m/2. Elle est compatible avec x + y = 1, avec une infinité de solutions, exactement lorsque m/2 = 1, c'est-à-dire m = 2.
Le nombre de « pile » suit une loi binomiale de paramètres n = 4 et p = 1/2. La probabilité cherchée est C(4,2)(1/2)²(1/2)² = 6/16 = 3/8.
Sur ]0 ; +∞[, f est dérivable et f'(x) = (1 − ln x)/x². Le signe de f' montre que f croît jusqu'à x = e puis décroît ; le maximum vaut donc f(e) = 1/e.
Dans un repère orthonormé, le produit scalaire de deux vecteurs u(x;y) et v(x';y') se calcule par la formule xx'+yy'. Pour u(2;3) et v(1;−1), on obtient 2×1+3×(−1)=2−3=−1.
Pour tout réel x, f(−x)=(−x)^3+(−x)=−x^3−x=−(x^3+x)=−f(x). La courbe est donc symétrique par rapport à l'origine, ce qui caractérise exactement une fonction impaire.
Comme 5×3=15≡1 (mod 7), l'inverse de 5 modulo 7 est 3. En multipliant les deux membres de la congruence par 3, on obtient x≡3×3=9≡2 (mod 7).
On écrit x²−4x=(x−2)²−4 et y²+2y=(y+1)²−1. L'équation devient alors (x−2)²+(y+1)²=9, donc le centre est (2;−1) et le rayon vaut √9=3.
On multiplie par la quantité conjuguée : √(x²+x)−x = x/(√(x²+x)+x). Pour x>0, en divisant numérateur et dénominateur par x, on obtient 1/(√(1+1/x)+1), dont la limite en +∞ vaut 1/2.